Я использую форму для отправки и обновления моей базы данных, сидящей на внешнем сервере. Когда я размещаю все файлы на одном сервере (PHP и html), я могу обновлять без каких-либо проблем. Но когда я его отделяю, оставляя только файл php на сервере и управляя файлами html с моего компьютера, я больше не могу обновлять его.Подключение к внешнему серверу для приложения HTML5
Первый alert("submit")
в JavaScript не срабатывает, когда я нажимаю кнопку «Отправить» для формы. Я не могу хранить все файлы на сервере, так как часть html должна быть преобразована в приложение HTML5. В любом случае я могу решить, что это abel, чтобы файлы были раздельными.
HTML код
<html>
<head>
<title></title>
<script src="//code.jquery.com/jquery-1.11.3.min.js"></script>
<script src="//code.jquery.com/jquery-migrate-1.2.1.min.js"></script>
</head>
<body>
<form method="post" id="infoForm">
<input type="text" name="first_name" id="first_name" value="" placeholder="First Name" />
<input type="text" name="last_name" id="last_name" value="" placeholder="Last Name" />
<input type="text" name="email" id="email" value="" placeholder="Email" />
<button type="submit">Submit</button>
</form>
<script>
$('#infoForm').submit(function() {
alert("submit");
var postTo = 'http://www.examplesite.com/add.php';
$.post(postTo,({first_name: $('[name=first_name]').val(), last_name: $('[name=last_name]').val(), email: $('[name=email]').val()}),
function(data) {
alert("data is " + data);
if(data != "") {
// do something
} else {
// couldn't connect
}
},'json');
return false;
});
</script>
</body>
</html>
PHP код:
<?php
$server = "localhost";
$username = "user";
$password = "pass";
$database = "db";
$con = mysql_connect($server, $username, $password) or die ("Could not connect: " . mysql_error());
mysql_select_db($database, $con);
$firstname = mysql_real_escape_string($_POST["first_name"]);
$lastname = mysql_real_escape_string($_POST["last_name"]);
$email = mysql_real_escape_string($_POST["email"]);
$sql = "INSERT INTO personnel (first_name, last_name, email) ";
$sql .= "VALUES ('$firstname', '$lastname', '$email')";
if (!mysql_query($sql, $con)) {
die('Error: ' . mysql_error());
} else {
echo "Comment added";
}
mysql_close($con);
Это может помочь: http://stackoverflow.com/questions/33251197/sending-data-to-php-using-ajax/ – TSV
Я не совсем уверен, как это та же проблема. –
Вы отправляете данные в форме-стиле, имхо лучше передавать данные в виде сериализованного JSON. – TSV