0
Я пытаюсь реализовать знак в форме на основе изображения веб-камеры, по-видимому, я не ошибаюсь в коде, но информация не размещена в базе данных.Информация не размещать в базе данных
Вот мой указательный с PHP код для вставки информации в базе данных:
<?php
if (isset($_POST['desc'])) {
if (!isset($_POST['iscorrect']) || $_POST['iscorrect'] == "") {
echo "Sorry, important data to submit your question is missing. Please press back in your browser and try again and make sure you select a correct answer for the question.";
exit();
}
if (!isset($_POST['type']) || $_POST['type'] == "") {
echo "Sorry, there was an error parsing the form. Please press back in your browser and try again";
exit();
}
require_once("scripts/connect_db.php");
$name = $_POST['name'];
$email = $_POST['email'];
$name = mysqli_real_escape_string($connection, $name);
$name = strip_tags($name);
$email = mysqli_real_escape_string($connection, $email);
$email = strip_tags($email);
if (isset($_FILES['image'])) {
$name = $_FILES['image']['tmp_name'];
$image = base64_encode(
file_get_contents(
$_FILES['image']['tmp_name']
)
);
}
$sql = mysqli_query($connection, "INSERT INTO users (name,email,image) VALUES ('$name', '$email','$image')")or die(mysqli_error($connection));
header('location: index.php?msg=' . $msg . '');
$msg = 'merge';
}
?>
<?php
$msg = "";
if (isset($_GET['msg'])) {
$msg = $_GET['msg'];
}
?>
<!doctype html>
<html lang="en">
<head>
<meta charset="utf-8">
<title>Licenta Ionut</title>
<meta name="viewport" content="width=device-width, initial-scale=1">
<meta http-equiv="Content-Type" content="text/html; charset=utf-8" />
<script type="application/x-javascript"> addEventListener("load", function() { setTimeout(hideURLbar, 0); }, false); function hideURLbar(){ window.scrollTo(0,1); } </script>
<!-- font files -->
<link href='//fonts.googleapis.com/css?family=Muli:400,300' rel='stylesheet' type='text/css'>
<link href='//fonts.googleapis.com/css?family=Nunito:400,300,700' rel='stylesheet' type='text/css'>
<!-- /font files -->
<!-- css files -->
<link href="css/style.css" rel='stylesheet' type='text/css' media="all" />
<link href="web.js" rel='stylesheet' type='text/css' media="all" />
<script type="text/javascript" src="web.js"></script>
<!-- /css files -->
</head>
<body>
<p style="color:#06F;"><?php echo $msg; ?></p>
<h1>LogIn with Webcam Password</h1>
<div class="log">
<div class="content1">
<h2>Sign In Form</h2>
<form>
<input type="text" name="userid" value="USERNAME" onfocus="this.value = '';" onblur="if (this.value == '') {
this.value = 'USERNAME';
}">
<input type="password" name="psw" value="PASSWORD" onfocus="this.value = '';" onblur="if (this.value == '') {
this.value = 'PASSWORD';}">
<div class="button-row">
<input type="submit" class="sign-in" value="Sign In">
<input type="reset" class="reset" value="Reset">
<div class="clear"></div>
</div>
</form>
</div>
<div class="content2">
<h2>Register</h2>
<form action="index.php", name="index.php" method="post" enctype="multipart/form-data">
<input type="text" id="name" name="name" value="Nume">
<input type="text" id="email" name="email" value="EmailAdress">
<br>
<script type="text/javascript" src="webcam.js"></script>
<script language="JavaScript">
document.write(webcam.get_html(320, 240));
</script>
<div class="button-row">
<input class="sign-in" type=button value="Configure" onClick="webcam.configure()" class="shiva">
<input class="reset" type="submit" value="Register" id="image" onClick="take_snapshot()" class="shiva">
</div>
</form>
</div>
<div class="clear"></div>
</div>
</body>
</html>
А вот скрипт для подключения к базе данных:
<?php
$db_host = "localhost";
// Place the username for the MySQL database here
$db_username = "Ionut";
// Place the password for the MySQL database here
$db_pass = "1993";
// Place the name for the MySQL database here
$db_name = "users";
// Run the connection here
$connection=mysqli_connect("$db_host","$db_username","$db_pass") or die (mysqli_connect_error());
mysqli_select_db($connection,"$db_name") or die ("no database");
?>
Я не нахожу ошибку в коде и Мне нужен ваш совет/помощь!
Благодарим вас за интерес к моей проблеме!
Положить 'ini_set ('display_errors', 1); ini_set ('display_startup_errors', 1); error_reporting (E_ALL); 'в верхней части вашего PHP-скрипта. Имеются ли какие-либо ошибки? –
выполнил любую базовую отладку, например, проверить, действительно ли $ _POST ['desc'] 'существует? Кроме того, вы уязвимы для [SQL-инъекций] (http://bobby-tables.com). Вы неправильно используете escape-вызовы (** НИКОГДА не выполняйте последующую операцию с экранированной строкой - вы рискуете ОТКРЫТИЕ экранирования). плюс, вы никогда не потрудитесь проверить, действительно ли загрузка действительно преуспела. просто потому, что информация в $ _FILES ничего не значит - неудачные загрузки будут STILL помещать данные в $ _FILES. –
@NanaPartykar: бессмысленно. использование таких котировок - просто программирование с использованием груза, но оно не меняет значения. –