Как переопределить свойство «view» в UIViewController?

Question

У меня есть пользовательский UIViewController и пользовательский UIView. Я хотел бы переопределить свойство viewcontroller.view, чтобы вернуть MyCustomUIView.

Прямо сейчас у меня есть:

@interface MyViewController : UIViewController {  
    IBOutlet MyView* view; 
} 

@property (nonatomic, retain) IBOutlet MyView* view; 

компилируется, но я получаю предупреждение: тип недвижимости «вид» не соответствует супер класс «» UIViewController тип недвижимости.

Как смягчить это предупреждение?

Answer 1

Короткий ответ заключается в том, что вы этого не делаете. Причина в том, что свойства - это действительно просто методы, и если вы попытаетесь изменить тип возврата, вы получите следующее:

• (UIView *) вид;
• (MyView *) вид;

Цель-C не разрешить возврат типа ковариации.

Что вы можете сделать, это добавить новое свойство «myView» и сделать его простым приводом типа «вид». Это облегчит приведение типов во всем коде. Просто присвойте свой подкласс view свойству view, и все должно работать нормально.

Answer 2

Свойство/метод представления UIViewController автоматически вернет ваше представление. Я думаю, вы просто должны привести результат к MyView (или просто использовать тип документа):

MyView *myView = (MyView*)controller.view; 
id myView = controller.view; 

Я думаю, что код, который вы выложили выше причинит вам неприятности. Вы, вероятно, не хотите сами создавать элемент представления (потому что тогда контроллер будет хранить 2 представления и может не использовать правильный внутри) или переопределить свойство представления (поскольку UIViewController имеет специальную обработку для него.) (См. this question для получения дополнительной информации о последних.)

Answer 3

Извините, но ваш короткий ответ неверен.

Правильная реализация этого будет заключаться в добавлении @property в заголовочный файл с типом возвращаемого значения. Тогда вместо @synthesize вы добавляете геттер и сеттер вручную и возвращать тип произнесения из [зрения] супер

, например, мой класс является PlayerViewController

PlayerViewController.h

@property (strong, nonatomic) IBOutlet PlayerView *view; 

PlayerViewController. м

- (PlayerView *)view{ 
    return (PlayerView*)[super view]; 
} 
- (void)setView:(PlayerView *)view{ 
    [super setView:view]; 
} 

Главное, чтобы поставить правильный класс в представление.

Ввод UIView, в котором проходит PlayerView, вероятно, будет работать в построителе интерфейса, но не будет работать корректно в коде.

В настоящее время я использую эту реализацию.

Answer 4

@ lpaul7 уже разместил ссылку на блог Travis Джефри в качестве комментария, но это гораздо более правильно, чем все другие ответы, что он действительно нужен код, чтобы быть ответом:

ViewController.h:

@interface ViewController : UIViewController 

@property (strong, nonatomic) UIScrollView *view; 

@end 

ViewController.m:

@implementation ViewController 

@dynamic view; 

- (void)loadView { 
    self.view = [[UIScrollView alloc] initWithFrame:[[UIScreen mainScreen] applicationFrame]]; 
} 

@end 

Если вы используете xib, вместо переопределения loadView измените тип корневого представления вашего контроллера представления и добавьте IBOutlet в собственность.

Для получения более подробной информации см. Overriding UIViewController's View Property, Done Right.

Answer 5

Если кто-то на Swift 2.0+, вы можете использовать расширение протокола для многоразовой реализации:

// Classes conforming to this protocol... 
protocol CustomViewProvider { 

    typealias ViewType 
} 

// ... Will get customView accessor for free 
extension CustomViewProvider where Self: UIViewController, Self.ViewType: UIView { 

    var customView: Self.ViewType { 
     return view as! Self.ViewType 
    } 
} 


// Example: 
extension HomeViewController: CustomViewProvider { 
    typealias ViewType = HomeView 
} 

// Now, we can do something like 
let customView: HomeView = HomeViewController().customView