вызов функции-члена execute() на

Question

Имея проблемы с строкой 27, не совсем понимаю, почему, поскольку я очень новичок в PHP/MySQL. Интересно, может ли кто-нибудь сообщить мне, почему я получаю ошибку;

"Fatal error: Call to a member function execute() on a non-object in C:\xampp\htdocs\testscripts\usercreate.php on line 27"

в следующем коде:

<?php 
$name = $_POST["name"]; 
$psswrd = $_POST["psswrd"]; 
$username = "root"; 
$password = "hidden"; 
$hostname = "localhost"; 
$table = "testtable"; 


// create connection to database 
// ... 


$db= new mysqli($hostname, $username, $password, $table); 

// sanitize the inputs 
// ... 

// create an MD5 hash of the password 
$psswrd = md5($psswrd); 

// save the values to the database 
$sql = "INSERT INTO accounts (name, psswrd) VALUES (:name, :psswrd)"; 

$stmt = $db->prepare($sql); 

$stmt->execute(array(
    ":name" => $name, 
    ":psswrd" => $psswrd 
)); 

Answer 1

->prepare возвращает false, если произошла ошибка. Поскольку $stmt->execute жалуется на вызов не-объекта, разумно предположить, что с запросом что-то пошло не так.

Проверить $db->error.

Answer 2

Попробуйте это:

$db= new mysqli($hostname, $username, $password, $table); 
if ($db->connect_errno) { 
    throw new Exception($db->connect_error, $db->connect_errno); 
} 
$psswrd = md5($psswrd); 

// save the values to the database 
$sql = "INSERT INTO accounts (name, psswrd) VALUES (:name, :psswrd)"; 

$stmt = $db->prepare($sql); 
if (!$stmt) { 
    throw new Exception($db->error); 
} 
$stmt->execute(array(
    ":name" => $name, 
    ":psswrd" => $psswrd 
)); 

Показать все ваши исключения для лучшей идеи данной ошибки.

Answer 3

Первое, четвертый параметр MySQLi Класс принимает имя базы данных, а не имя таблицы.

Таким образом, изменить $table = 'testtable'; к чему-то вроде этого: $dbname = 'dbname';

Кроме того, в вашем коде, вы используете именованные параметры (:name and :passwrd). Это не будет работать, потому что MySQLi не поддерживает именованные параметры. PDO (объекты данных PHP) поддерживает именованные параметры. Если вы используете класс PDO для подключения к базе данных, ваш скрипт будет работать нормально!

Если вы хотите подключиться к базе данных с помощью класса MySQLi, сделайте следующее:

$name = $_POST['name']; 
$psswrd = $_POST['psswrd']; 
$username = "root"; 
$password = ""; 
$hostname = "localhost"; 
$dbname = "dbname"; 


// create connection to database 
// ... 


$db= new mysqli($hostname, $username, $password, $dbname); 

// sanitize the inputs 
// ... 

// create an MD5 hash of the password 
$psswrd = md5($psswrd); 

// save the values to the database 
$sql = "INSERT INTO `testtable` (id, name) VALUES (?, ?)"; 

$stmt = $db->prepare($sql); 
$stmt->bind_param('ss', $name, $psswrd); 

$stmt->execute(); 

Попробуйте это. Используйте вопросительные знаки вместо названных параметров.

В функции bind_param() я написал первый параметр как 'ss'. «Два» здесь означают «Струны». Если у вас есть целочисленные данные, вы могли бы заменить 's' на 'i'.

Очень понятно, почему есть два 's'. Это связано с тем, что вы связываете две переменные с SQL-запросом, причем оба они являются строками. Отсюда и два.