Я унаследовал сайт от работы, а встроенный php-код удерживает функцию $ (document) .ready() от запуска в коде. Когда я удаляю его, я нажимаю код jquery, но мне нужен этот PHP-код для запуска сайта.
PHP
<?php if(strstr($_SERVER['HTTP_USER_AGENT'], 'W3C_Validator') ||
strstr($_SERVER['HTTP_USER_AGENT'], 'WDG_SiteValidator') ||
strstr($_SERVER['HTTP_USER_AGENT'], 'W3C-checklink') ||
strstr($_SERVER['HTTP_USER_AGENT'], 'Web-Sniffer') ||
strstr($_SERVER['HTTP_USER_AGENT'], 'FeedValidator') ||
strstr($_SERVER['HTTP_USER_AGENT'], 'Poodle predictor') ||
strstr($_SERVER['HTTP_USER_AGENT'], 'Leknor.com gzip tester')) {
$mime = 'application/xhtml+xml';
} else {
if(stristr($_SERVER['HTTP_ACCEPT'], 'application/xhtml+xml')) {
if(preg_match("/application\/xhtml\+xml;q=([01]|0\.\d{1,3}|1\.0)/i", $_SERVER['HTTP_ACCEPT'], $matches)) {
$xhtml_q = $matches[1];
if(preg_match("/text\/html;q=q=([01]|0\.\d{1,3}|1\.0)/i", $_SERVER['HTTP_ACCEPT'], $matches)) {
$html_q = $matches[1];
if((float)$xhtml_q >= (float)$html_q) {
$mime = 'application/xhtml+xml';
}
}
} else {
$mime = 'application/xhtml+xml';
}
} else {
$mime = 'text/html';
}
}
header('Content-Type: ' . $mime . ';charset=utf-8');
header('Vary: Accept'); ?>
Линии следующие за ним являются:
<head>
<meta http-equiv="content-type" content="text/html; charset=UTF-8"/>
<meta name="keywords" content="keywords"/>
<script type='text/javascript' src = 'jquery-1.11.0.js'> </script>
<script type='text/javascript' src = 'jquery.fancybox.js'> </script>
<link rel='stylesheet' type='text/css' href='jquery.fancybox.css' />
<link rel='stylesheet' type='text/css' href='bicep2default.css'/>
<script type='text/javascript'>
$(document).ready(function() {
console.log('doc is ready')
});
</script>
<script type='text/javascript'>
var _gaq = _gaq || [];
_gaq.push(['_setAccount', 'UA-3725824-1']);
_gaq.push(['_trackPageview']);
(function() {
var ga = document.createElement('script'); ga.type = 'text/javascript'; ga.async = true;
ga.src = ('https:' == document.location.protocol ? 'https://ssl' : 'http://www') + '.google-analytics.com/ga.js';
var s = document.getElementsByTagName('script')[0]; s.parentNode.insertBefore(ga, s);
})();
</script>
</head>
Я никогда не увидеть 'документ будет готов' с кодом PHP в сценарии.
Что мне делать? Спасибо!
Этот вопрос не по теме, потому что он просит, чтобы мы стали веб-мастером. – Ohgodwhy