PHP-изображение не отображается при использовании <img>

Question

Я нашел много сообщений, описывающих одну и ту же проблему, но все, что я пробовал, не удалось. Для страницы профиля Я заставляю людей загружать 4 фотографии. Когда изображение отсутствует, я хочу показать изображение по умолчанию. Мой полный код, как это сейчас:

$id = $_GET['ID']; 
$link = mysql_connect("xxx", "xxx", "xxx"); 
mysql_select_db("xxx"); 
$sql = "SELECT * FROM profielen WHERE ID = $id"; 
$result = mysql_query("$sql"); 
$row = mysql_fetch_assoc($result); 
mysql_close($link); 

header("Content-type: image/jpeg"); 

if ($row['Foto4'] == NULL){ 
    //echo '<img src="/img/noImage.jpg" />'; 
    echo $row['Foto5']; 
} 
else { 
    echo $row['Foto4']; 
} 

В таком виде код работает, так что я знаю, что если-утверждение верно. Когда я пытаюсь расколоть прокомментированную строку, она показывает неработающую ссылку в качестве изображения.

Я пробовал с двойными кавычками, а затем избежал двойных кавычек в теге img. Я также попытался назвать его переменной и без/img-path. А также просто попытался сказать echo «No image», но кажется, что если я делаю что-то еще, кроме echo $ row [x], это просто не работает. Когда я пытаюсь отобразить изображение в HTML, он отлично работает, поэтому имя файла верное.

У меня заканчиваются идеи, так что, может быть, кто-то может помочь?

Answer 1

Проблема с вашим кодом заключается в том, что вы отправляете HTML-код для вставки изображения обратно, когда действительно вы должны отправлять данные изображения обратно. Вы можете решить эту проблему путем перенаправления пользователя на «noImage.jpg», таким образом, пользователь получит изображение обратно из запроса, и все будет хорошо :)

Код для этого может выглядеть следующим образом:

if ($row['Foto4'] == NULL){ 
    header('Location: /image/noImage.jpg'); 
} else { 
    echo $row['Foto4']; 
} 

Answer 2

Если вы используете тип контента image/jpeg, браузер ожидает необработанные двоичные данные изображения. Вместо этого вы даете ему HTML-код.

Вместо этого вы можете использовать Location -header, который сообщает браузеру открыть другой адрес.

header("Location: /img/noImage.jpg"); 

Помните, что вы не можете выводить какие-либо другие данные или писать какие-либо другие заголовки, если используете этот метод.