Есть ли независимый от платформы эквивалент os.startfile()?

Question

Я хочу запустить программу на нескольких платформах (включая Mac OS), поэтому я стараюсь держать ее как можно более независимой от платформы. Я сам использую Windows, и у меня есть строка os.startfile(file). Это работает для меня, но не на других платформах (я читал в документации, я не проверял для себя).

Есть ли эквивалент, который работает для всех платформ?

Кстати, файл является файлом .wav, но я хочу, чтобы пользователи могли использовать их стандартный медиаплеер, чтобы они могли приостановить/перемотать файл. Вот почему я использую os.startfile(). Я мог бы работать с библиотеками, которые также позволяют воспроизводить/приостанавливать/перематывать медиафайлы.

Answer 1

Похоже, что кросс-платформенный модуль открытия файлов еще не существует, но вы можете полагаться на существующую инфраструктуру популярных систем. Этот фрагмент кода охватывает Windows, MacOS и Unix-подобных систем (Linux, FreeBSD, Solaris ...):

import os, sys, subprocess 

def open_file(filename): 
    if sys.platform == "win32": 
     os.startfile(filename) 
    else: 
     opener ="open" if sys.platform == "darwin" else "xdg-open" 
     subprocess.call([opener, filename]) 

Answer 2

Просто используйте webbrowser.open(filename). он может позвонить по телефону os.startfile(), open, xdg-open, где это необходимо.

Осторожно, есть scary text in the docs:

Обратите внимание, что на некоторых платформах, пытаясь открыть имя файла, используя эту функцию , может работать и начать связанную программы операционной системы. Однако это не поддерживается и не переносится.

Это прекрасно работает для меня. Проверьте его в своей среде.

Просмотрите webbrower's source code, чтобы узнать, как много работы нужно сделать переносной.

Существует также открытая проблема с отслеживателем ошибок Python - Add shutil.open. «Портативный интерфейс os.startfile() оказался более сложным, чем ожидалось. Вы можете попробовать представленные исправления, например, shutil.launch().