Вызов функций PHP динамически?

Question

Не знаю, если я сформулированное правильный вопрос, но в основном то, что я хочу знать, если есть более простой (короче) способ сделать следующее:

switch($type) { 
    case 'select': $echo = $this->__jw_select($args); break; 
    case 'checkbox': $echo = $this->__jw_checkbox($args); break; 
    case 'radio': $echo = $this->__jw_radio($args); break; 
    case 'input': $echo = $this->__jw_input($args); break; 
    case 'textarea': $echo = $this->__jw_textarea($args); break; 
    default: return null; 
} 

Есть ли способ, что я мог сделать что-то $echo = $this->__jw_{$type}($args);? Я пробовал этот код, но, конечно, это не удалось. Есть идеи?

Answer 1

$field = "__jw_$type"; 
$echo = $this->{$field}($args); 

или еще проще,

$echo = $this->{"__jw_$type"}($args); 

Answer 2

$action = "__jw__$type"; 
$this->$action($args); 

Конечно, вы действительно хотите, чтобы убедиться, что $type является разрешенным типом.

Answer 3

Попробуйте это:

$method = "__jq_$type"; 
$echo = $this->$method($args); 

В качестве альтернативы, используйте call_user_func:

$method = "__jq_$type"; 
$echo = call_user_func(array($this, $method), $args); 

Конечно, нет никакой проверки на методе имя он число рейнольдса

Answer 4

Есть много способов, вы можете сделать это, вот один:

if(method_exists($this, "__jw_$type")) 
{ 
    $echo = $this->{"__jw_$type"}($args); 
} 

Answer 5

Вы можете попробовать что-то вроде этого:

$type = '__jw_'.$type; 
if(method_exists($type,$this)) 
    $this->{$type}($args);